反应$\rm C(s) + O_{2}(g) ⇌ CO_{2}(g)$在埃林汉姆图中的斜率近似为$\rm 0$，请简述原因                。

埃林汉姆图中的直线斜率代表反应的$\\rm \\Delta S$，而该反应前后气体分子数相同，即反应的$\\rm \\Delta S$几乎为$\\rm 0$，故斜率近似为$\\rm 0$

反应$\rm C(s) + O_{2}(g) ⇌ CO_{2}(g)$在埃林汉姆图中的斜率近似为$\rm 0$，原因为埃林汉姆图中的直线斜率代表反应的$\rm \Delta S$，而该反应前后气体分子数相同，即反应的$\rm \Delta S$几乎为$\rm 0$，故斜率近似为$\rm 0$。

结合图像推测，若以$\rm Al_{2}O_{3}$为原料，理论上$\rm (\quad\ \ \ \ )$用热分解法获得铝单质。

可以

不可以

结合图像，铝和氧气的反应在一定温度下可以自发进行，理论上，$\rm Al_{2}O_{3}$分解制取铝也可以在一定温度下自发进行，则理论上可以用热分解法获得铝单质，故选：$\rm A$。

工业中，以$\rm Al_{2}O_{3}$为原料，采用电解法冶炼金属铝，在$\rm (\quad\ \ \ \ )$极获得铝单质。

正

负

阳

阴

工业中，以$\rm Al_{2}O_{3}$为原料，采用电解法冶炼金属铝，其中铝离子得到电子生成$\rm Al$，故在阴极获得铝单质，故选：$\rm D$。

写出阳极的电极方程式                。

$\\rm 2O^{2−} − 4e^{−} = O_{2}$

以$\rm Al_{2}O_{3}$为原料，采用电解法冶炼金属铝，阳极上氧离子失去电子生成氧气，电极方程式$\rm 2O^{2−} − 4e^{−} = O_{2}$。

若电解一段时间后，收集到标况下$\rm 56\;\rm L$气体，则这段时间内电路中转移的电子数目为                个。

$\\rm 10N_{A}$

若电解一段时间后，收集到标况下$\rm 56\;\rm L$气体，可知该气体为氧气，其物质的量为$\rm \dfrac{\text{56\;\rm L}}{\text{22.4/mol}} = 2.5\;\rm \text{mol}$，根据$\rm 2O^{2−} − 4e^{−} = O_{2}$，则这段时间内电路中转移的电子数目为$\rm 2.5\;\rm mol \times  4 \times  N_{A}/mol=10N_{A}$个。

写出以$\rm HgO$为原料，冶炼金属$\rm Hg$的化学方程式                。

$\\rm \\text{2HgO}\\begin{array}{r} \\underline{\\underline{\\Delta}} \\\\ \\end{array}\\text{2Hg} + \\text{O}_{2} \\uparrow$

以$\rm HgO$为原料，可以通过热分解法冶炼金属$\rm Hg$，化学方程式$\rm \text{2HgO}\begin{array}{r} \underline{\underline{\Delta}} \\ \end{array}\text{2Hg} + \text{O}_{2} \uparrow$。