$\rm {{\text{K}}_{2}}\left[ \text{Cu}{{\left( {{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}} \right)}_{2}} \right]\cdot 4{{\text{H}}_{2}}\text{O}$中，与$\rm \text{C}{{\text{u}}^{2+}}$形成配位键的配位原子是                $\rm ($填元素符号$\rm )$。

$\\rm O$

提供电中，端基的氧原子有孤电子对，可与具有空轨道的金属离子形成配位键，则$\rm {{\text{K}}_{2}}\left[ \text{Cu}{{\left( {{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}} \right)}_{2}} \right]\cdot 4{{\text{H}}_{2}}\text{O}$中，与$\rm \text{C}{{\text{u}}^{2+}}$形成配位键的配位原子是$\rm O$。

步骤$\rm I$所得的混合溶液$\rm M$，在$\rm 25\;^\circ \text{C}$时其$\rm \text{pH}$最接近于$\rm (\quad\ \ \ \ )$。

$\\rm 2$

$\\rm 3$

$\\rm 4$

$\\rm 5$

步骤$\rm I$中$\rm \text{100\;\rm mL}$水中依次加入$\rm 0.024\;\rm \text{mol}\;{{\text{H}}_{2}}{{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}}\cdot 2{{\text{H}}_{2}}\text{O}、0.016\;\rm \text{mol}\;{{\text{K}}_{2}}\text{C}{{\text{O}}_{3}}$，由于$\rm \textit{K}_{a2}({{\text{H}}_{2}}{{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}}\rm )\gt \textit{K}_{a1}({{\text{H}}_{2}}\text{C}{{\text{O}}_{3}}\rm )$，充分反应后生成$\rm KHC_{2}O_{4}$和$\rm K_{2}C_{2}O_{4}$，根据$\rm K$元素守恒和$\rm C$元素守恒可知，溶液$\rm M$中含有$\rm 0.016\;\rm mol\;\rm KHC_{2}O_{4}$、$\rm 0.008\;\rm mol\;\rm K_{2}C_{2}O_{4}$，在$\rm 25\;^\circ \text{C}$时溶液中$\rm\textit{c}(H^{+})=\dfrac{\textit{c}\left( \text{H}{{\text{C}}_{\text{2}}}\text{O}_{4}^{-} \right){{\textit{K}}_{\text{a2}}}\left( {{\text{H}}_{\text{2}}}{{\text{C}}_{\text{2}}}{{\text{O}}_{\text{4}}} \right)}{\textit{c}\left( {{\text{C}}_{\text{2}}}\text{O}_{\text{4}}^{\text{2-}} \right)}\rm =\dfrac{\text{0}\text{.16}\times 5.4\times {{10}^{-5}}}{\text{0}\text{.08}}\;\text{mol/L=1}\text{.08}\times \text{1}{{\text{0}}^{\text{-4}}}\;\text{mol/L}$，则$\rm pH=-lg\text{1}\text{.08}\times \text{1}{{\text{0}}^{\text{-4}}}\rm ≈4$，

故选：$\rm C$

步骤Ⅱ，过滤去除杂质需趁热进行的原因是                。

防止遇冷后产物析出而损失

$\rm {{\text{K}}_{2}}\left[ \text{Cu}{{\left( {{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}} \right)}_{2}} \right]$微溶于冷水、易溶于热水，步骤Ⅱ，过滤去除杂质需趁热进行的原因是：防止遇冷后产物析出而损失。

下列说法不正确的是$\rm (\quad\ \ \ \ )$。

步骤$\\rm I$，制备混合溶液$\\rm M$时，$\\rm {{\\text{K}}_{2}}\\text{C}{{\\text{O}}_{3}}$应一次性快速加入，以确保反应完全

步骤Ⅳ，应用水浴控制温度，以避免$\\rm {{\\text{K}}_{2}}\\left[ \\text{Cu}{{\\left( {{\\text{C}}_{2}}{{\\text{O}}_{4}} \\right)}_{2}} \\right]$分解

热重分析法测得$\\rm {{\\text{K}}_{2}}\\left[ \\text{Cu}{{\\left( {{\\text{C}}_{2}}{{\\text{O}}_{4}} \\right)}_{2}} \\right]\\cdot \\textit{x}{{\\text{H}}_{2}}\\text{O}$样品完全脱水后质量降低$\\rm 10.17\\%$，则$\\rm \\textit{x}=4$

粉末形态的化合物$\\rm P$和化合物$\\rm Q$，可通过$\\rm X$射线衍射法进行区分

$\rm A$．步骤$\rm I$，制备混合溶液$\rm M$时，$\rm {{\text{K}}_{2}}\text{C}{{\text{O}}_{3}}$应缓慢多次加入，使反应更加充分，确保反应完全，$\rm A$错误；

$\rm B$．$\rm {{\text{K}}_{2}}\left[ \text{Cu}{{\left( {{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}} \right)}_{2}} \right]$在约$\rm 250\;^\circ \text{C}$时分解，步骤Ⅳ中$\rm 200\;^\circ \text{C}$加热脱水，沸水浴只能控制温度$\rm 100\;^\circ \rm C$，$\rm B$错误；

$\rm C$．热重分析法测得$\rm {{\text{K}}_{2}}\left[ \text{Cu}{{\left( {{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}} \right)}_{2}} \right]\cdot \textit{x}{{\text{H}}_{2}}\text{O}$样品完全脱水后质量降低$\rm 10.17\%$，则$\rm H_{2}O$在$\rm {{\text{K}}_{2}}\left[ \text{Cu}{{\left( {{\text{C}}_{2}}{{\text{O}}_{4}} \right)}_{2}} \right]\cdot \textit{x}{{\text{H}}_{2}}\text{O}$中的质量分数为$\rm 10.17\%$，$\rm \dfrac{18\textit{x}}{18\textit{x}+318}=0.1017$，解得$\rm \textit{x}=2$，$\rm C$错误；

$\rm D$．射线衍射法是利用$\rm X$射线探测晶体或分子结构的分析方法，粉末形态的化合物$\rm P$和化合物$\rm Q$，可通过$\rm X$射线衍射法进行区分，$\rm D$正确；

故选：$\rm ABC$

室温下，化合物$\rm P$在空气中会转化为化合物$\rm Q$。下列选项中，通过计算能得到混合样品中化合物$\rm P$和化合物$\rm Q$物质的量分数的是$\rm (\quad\ \ \ \ )$。

样品质量、钾的物质的量

钾的物质的量、铜的物质的量

铜的物质的量、草酸根的物质的量

草酸根的物质的量、水的物质的量

$\rm A$．若已知样品质量$\rm (\textit{m}\;g)$、钾的物质的量$\rm (\textit{n}\;mol)$，可以设$\rm P$的物质的量为$\rm \textit{x}\;mol$，$\rm Q$的物质的量为$\rm \textit{y}\;mol$，$\rm 2 \textit{x}+2 \textit{y}=n$、$\rm 390 \textit{x}+351 \textit{y}= \textit{m}$，可以计算出$\rm \textit{x}$和$ y$的数值，可以得到混合样品中化合物$\rm P$和化合物$\rm Q$物质的量分数，$\rm A$选；

$\rm B$．若已知钾的物质的量$\rm ( \textit{a}\;mol)$、铜的物质的量$\rm ( \textit{b}\;mol)$，可以设$\rm P$的物质的量为$\rm \textit{x}\;mol$，$\rm Q$的物质的量为$\rm \textit{y}\;mol$，$\rm 2 \textit{x}+2 \textit{y}= \textit{a}$、$\rm \textit{x}+ \textit{y}=\textit{b}$，由于$\rm \textit{a}=2\textit{b}$，无法计算出$x$和$ y$的数值，无法得到混合样品中化合物$\rm P$和化合物$\rm Q$物质的量分数，$\rm B$不选；

$\rm C$．若已知铜的物质的量$\rm (\textit{a}\;mol)$、草酸根的物质的量$\rm (\textit{b}\;mol)$，可以设$\rm P$的物质的量为$\rm\textit{x}\;mol$，$\rm Q$的物质的量为$\rm \textit{y}\;mol$，$x+y=a$、$\rm 2 \textit{x}+2 \textit{y}= \textit{b}$，由于$ 2a=b$，无法计算出$ x$和$ y$的数值，无法得到混合样品中化合物$\rm P$和化合物$\rm Q$物质的量分数，$\rm C$不选；

$\rm D$．若已知草酸根的物质的量$\rm (\textit{a}\;mol)$、水的物质的量$\rm (\textit{b}\;mol)$，可以设$\rm P$的物质的量为$\rm \textit{x}\;mol$，$\rm Q$的物质的量为$\rm \textit{y}\;mol$，$ 2x+2y=a$、$4x+2y=b$，可以计算出$ x$和$ y$的数值，可以得到混合样品中化合物$\rm P$和化合物$\rm Q$物质的量分数，$\rm D$选；

故选：$\rm AD$

有同学认为：根据现有探究实验结果可知，化合物$\rm P$、化合物$\rm Q$结晶形状不同是由降温速率不同引起的。请判断该同学观点正误，并说明理由                。

错误，降温速率与浓度同时在变化，无法判断

步骤Ⅲ中除了降温速率不同外，蒸发后溶液的体积也不同即浓度也不同，不能得出化合物$\rm P$、化合物$\rm Q$结晶形状不同是由降温速率不同引起的这样的观点。